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Mathematik-Online-Kurs: Mathematik II für Informatik und Softwaretechnik - Lösungen - Übungsblatt 10

Blatt 10, Aufgabe 4

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Man betrachtet den durch die Koordinatenebenen $ x_1=0$, $ x_2=0$, $ x_3=0$ sowie durch die Ebenen $ 2x_1+x_2=6$ und $ 6x_1+3x_2+4x_3=24$ begrenzten räumlichen Bereich.

Man kann diesen räumlichen Bereich auch beschreiben durch folgende Bedingungen:


0 $\displaystyle \leq x_1$ $\displaystyle \leq 3$  
$\displaystyle 0=f(x_1)$ $\displaystyle \leq x_2$ $\displaystyle \leq (6-2x_1)=g(x_1)$  
$\displaystyle 0=r(x_1,x_2)$ $\displaystyle \leq x_3$ $\displaystyle \leq (-\frac{3}{2}x_1-\frac{3}{4}x_2+6)=s(x_1,x_2)$  

Da der betrachtete räumliche Bereich sich in dieser Weise darstellen lässt, und alle verwendeten Funktionen (mindestens) einmal stetig differenzierbar sind, handelt es sich um ein Normalgebiet.
Um den Schwerpunkt des Normalgebietes zu bestimmen, wird zunächst dessen Volumen berechnet:


$\displaystyle V$ $\displaystyle =$ $\displaystyle \int_0^3 \int_0^{6-2x_1} \int_0^{-\frac{3}{2}x_1-\frac{3}{4}x_2+6} dx_3 dx_2 dx_1$  
  $\displaystyle =$ $\displaystyle \int_0^3 \int_0^{6-2x_1} \left [ x_3 \right ]_0^{-\frac{3}{2}x_1-\frac{3}{4}x_2+6} dx_2 dx_1$  
  $\displaystyle =$ $\displaystyle \int_0^3 \int_0^{6-2x_1} -\frac{3}{2}x_1-\frac{3}{4}x_2+6 dx_2 dx_1$  
  $\displaystyle =$ $\displaystyle \int_0^3 \left [-\frac{3}{2}x_1x_2-\frac{3}{8}x_2^2+6x_2 \right ]_0^{6-2x_1}$  
  $\displaystyle =$ $\displaystyle \int_0^3 \frac{3}{2}x_1^2-12x_1+\frac{45}{2} dx_1$  
  $\displaystyle =$ $\displaystyle \left [ \frac{1}{2}x_1^3-6x_1^2+\frac{45}{2}x_1 \right ]_0^3 = 27$  

Für die Schwerpunktskoordinaten ergibt sich mit äquivalenter Rechnung zu oben:

$\displaystyle x_1^s = \frac{1}{V}\int\int\int_B x_1 dx_3 dx_2 dx_1 = \frac{7}{8} $

$\displaystyle x_2^s = \frac{1}{V}\int\int\int_B x_2 dx_3 dx_2 dx_1 = \frac{7}{4} $

$\displaystyle x_3^s = \frac{1}{V}\int\int\int_B x_3 dx_3 dx_2 dx_1 = \frac{27}{16} $

(Prof. Dr. Eberhard Teufel, Dr. Norbert Röhrl)
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  automatisch erstellt am 28.10.2006